维护一个滑动窗口中的最小值 其右边界增大时 相当于王其中增加元素 左边界增大时 相当于删除元素 窗口整体向右滑动
若窗口中的元素为 2 1因为窗口整体是向右滑动的 所以2永远不会成为最小值。 将这些元素看成一个队列 因此,每次加入一个元素时都应该从队头删除 他前面的比它大的元素 使整个序列成为递增序列 如 本来队列里是 2 4 6 8 10 加入了 7后要删除 8 10 使此时队列成为 2 4 6 7的递增序列然后还要从队尾删除不在窗口范围内的元素 。由于 每个元素最多被删除一次 所以总的时间复杂度是 O(n)
poj 2823 Sliding Window
【题意】 一个长度为n的数字序列 ,一个向右的滑动窗口大小为k 求每次 在这个窗口中的 最大值和最小值
1 #include2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 7 using namespace std; 8 9 struct node{ int a, hao;};10 deque qzeng,qjian;11 int ans1[1000002],ans2[1000002];12 13 int main()14 {15 node t;16 int i,n,m,num1,num2,x;17 scanf("%d%d",&n,&m);18 19 num1=0;num2=0;20 21 for(i=1;i =x)26 qzeng.pop_back();27 qzeng.push_back(t);28 29 while(!qjian.empty()&&qjian.back().a<=x)30 qjian.pop_back();31 qjian.push_back(t);32 33 34 }35 for(i=m;i<=n;i++)36 {37 scanf("%d",&x);38 t.a=x; t.hao=i;39 40 41 while(!qzeng.empty()&&qzeng.back().a>=x)42 qzeng.pop_back();43 qzeng.push_back(t);44 45 while(i-qzeng.front().hao>=m)46 qzeng.pop_front();47 ans1[num1++]=qzeng.front().a;48 49 50 51 while(!qjian.empty()&&qjian.back().a<=x)52 qjian.pop_back();53 qjian.push_back(t);54 55 while(i-qjian.front().hao>=m)56 qjian.pop_front();57 ans2[num2++]=qjian.front().a;58 }59 60 for(i=0;i
hdu 3706
【题意】:给三个数 n a b , 1 <= n <= 10^7
Si = Ai mod B , Ti = Min{ Sk | i-A <= k <= i, k >= 1}
求所有Ti (1 <= i <= n) mod B 的乘积
【注意】 : 虽然每个s都会对b取余按理int 不会溢出的 但是这里用int 硬是wa 用__int64 才能过
还有
1 #include5 #include 7 using namespace std; 8 9 __int64 a[1000002],qian[1000002],hou[1000002],i,j,n,m,k; 12 int main()13 {14 while(~scanf("%d",&n))15 {16 if(n==0)17 break;18 for(i=1;i<=n;i++)19 { 21 scanf("%I64d",&a[i]);22 qian[i]=i;23 hou[i]=i;24 }25 for(i=2;i<=n;i++)26 while(qian[i]>1&&a[qian[i]-1]>=a[i])27 qian[i]=qian[qian[i]-1];28 for(i=n;i>=1;i--)29 while(hou[i] =a[i])30 hou[i]=hou[hou[i]+1];31 __int64 ans=0;32 for(i=1;i<=n;i++)33 {34 __int64 temp;35 temp=(hou[i]-qian[i]+1)*a[i];36 if(ans